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福建省漳州市坂里中学高三物理模拟试题含解析

一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意

1.飞机在沿水平方向匀速飞行时，飞机受到的重力与垂直于机翼向上升力为平衡力，当飞机沿水平面做匀速圆周运动时，机翼与水平面成α角倾斜，这时关于飞机受力说法正确的是（）

A.飞机受到重力、升力????????B．飞机受到重力、升力和向心力

C．飞机受到的重力和升力仍为平衡力?D．飞机受到的合外力为零

参考答案：

A

略

2.（单选）我国正在自主研发“北斗二号”地球卫星导航系统，此系统由中轨道、高轨道和同步卫星等组成，可将定位精度提高到“厘米”级，会在交通、气象、军事等方面发挥重要作用．已知三种卫星中，中轨道卫星离地最近，同步卫星离地最远．则下列说法中正确的是

A．中轨道卫星的线速度小于高轨道卫星的线速度

B．中轨道卫星的角速度小于同步卫星的角速度

C．若一周期为8h的中轨道卫星，某时刻在同步卫星的正下方，则经过24h仍在该同步卫星的正下方

D．高轨道卫星的向心加速度小于同步卫星的向心加速度

参考答案：

C

3.矩形区域内有水平方向的匀强电场,一个带负电的粒子从A点以某一速度vA射入电场中,最后以另一速度vB从B点离开电场,不计粒子所受的重力,A、B两点的位置如右图所示,则下列判断中正确的是（）

A．电场强度的方向水平向左

B．带电粒子在A点的电势能小于在B点的电势能

C．粒子在电场中运动的全过程中,电势能最大处为B点

D．粒子在电场中运动的全过程中,动能最大处为B点

参考答案：

D

4.（多选）如图所示，在某一输电线路的起始端接入两个互感器，原副线圈的匝数比分别为100∶1和1∶100，图中a、b表示电压表或电流表，已知电压表的示数为22V，电流表的示数为1A，则

??A．a为电流表，b为电压表???

??B．a为电压表，b为电流表

??C．线路输送电功率是220kW

??D．输电线路总电阻为22Ω

参考答案：

解：由图可知：a表是电压表，b表是电流表．而甲互感器原线圈的匝数比副线圈匝数100：1，乙互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1：100，由电压表的示数为22V，得原线圈的电压为2200V，由电流表的示数为1A，原线圈的电流为100A．所以电线输送功率是2.2×105W，由已知条件无法求输电线电阻．

故选：BC

5.（单选）如图所示，飞行器P绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞行器的张角为θ，下列说法正确的是()

A．若测得周期和轨道半径，可得到星球的平均密度

B．若测得周期和张角，可得到星球的平均密度

C．轨道半径越大，角速度越大

D．轨道半径越大，速度越大

参考答案：

【知识点】万有引力定律及其应用；向心力．D5

【答案解析】B解析：A、由可得：M=，可知若测得周期和轨道半径，可得到星球的质量，但星球的半径未知，不能求出星球的平均密度．故A错误．B、设星球的质量为M，半径为R，平均密度为，ρ．张角为θ，飞行器的质量为m，轨道半径为r，周期为T．对于飞行器，根据万有引力提供向心力得：由几何关系有：R=rsin星球的平均密度ρ=由以上三式知测得周期和张角，可得到星球的平均密度．故B正确；C、根据卫星的角速度公式，可知轨道半径越大，角速度越小，故C错误；D、根据卫星的速度公式v=，可知轨道半径越大，速度越小，故D错误；故选：B．

【思路点拨】根据开普勒第三定律，分析周期与轨道半径的关系；飞行器P绕某星球做匀速圆周运动，由星球的万有引力提供向心力，根据万有引力定律和几何知识、密度公式可求解星球的平均密度．本题关键掌握开普勒定律和万有引力等于向心力这一基本思路，结合几何知识进行解题．

二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分

6.如图所示，平行实线代表电场线，但未标明方向，一个带电量为-10－6C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10－5J，则该电荷运动轨迹应为虚线________（选“1”或“2”）；若A点的电势为-10V，则B点电势为??????V。

参考答案：

1，-20

7.在“用DIS研究小车加速度与所受合外力的关系”实验中时，甲、乙两组分别用如图（a）、（b）所示的实验装置实验，重物通过细线跨过滑轮拉相同质量小车，位移传感器（B）随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器（A）固定在轨道一端．甲组实验中把重物的重力作为拉力F，乙组直接用力传感器测得拉力F，改变重物的重力重复实验多次，记录多组数据，并画出a-F图像。

（1）位移传感器（B）属于???????。（填“发射器”或“接收器”）

（2）甲组实验把重物的重力作为拉力F的条件是???????。

（3）图（c）中符合甲