课后强化训练23 欧姆定律 电路计算.docVIP

课后强化训练23　欧姆定律　电路计算 　　　　　　　　　　　　　 一、选择题 1．由欧姆定律公式I＝eq \f(U,R)变形得R＝eq \f(U,I)，对此，下列说法中正确的是(D) A. 加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大 B. 通过导体的电流越大，则导体的电阻越小 C. 当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零 D. 导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关 【解析】　R＝eq \f(U,I)是导体电阻的计算公式，也是测量电阻的原理，但导体的电阻值与电压、电流无关。 (第2题) 2．如图是新型节能应急台灯的电路示意图，台灯充好电后，使用时可通过调节滑动变阻器接入电路的阻值R改变灯泡的亮度，假定电源电压、灯泡电阻均不变，则灯泡两端电压U随R变化的图像是(C) 【解析】　滑动变阻器和灯泡串联，由U＝IR＋IRL可得电路中的电流：I＝eq \f(U,R＋RL)，灯泡L两端电压：UL＝IRL＝eq \f(U,R＋RL)RL。从灯泡两端的电压与其电阻的关系可以看出，灯泡两端的电压和灯泡的电阻不成正比也不为一次函数，故排除A、B选项，又因为滑动变阻器的阻值增大时，灯泡分得的电压减小，故C选项正确。 3．某段导体两端的电压是4伏时，通过导体的电流是1安。如果将该导体两端的电压减少到2伏，那么通过该导体的电流是(B) A. 0.25安　 B. 0.5安 C. 2安　 D. 3安 【解析】　R＝eq \f(U1,I1)＝eq \f(4伏,1安)＝4欧，I2＝eq \f(U2,R)＝eq \f(2伏,4欧)＝0.5安，所以通过导体的电流是0.5安，B正确。 4．几个同学在只有电流表或电压表时，利用一个已知阻值的电阻R0设计了下面四个测未知电阻Rx的电路图，其中不可行的是(C) 【解析】　两电阻串联在电路中，根据欧姆定律和串联电路电压规律可知电阻越大，电阻两端的电压越大，故A图可行；两电阻并联在电路中，根据欧姆定律和并联电路电流规律可知电阻越大，通过电阻的电流越小，故B图可行；两电阻串联在电路中，通过两电阻的电流相等，所以电流表的示数不能反映R0和Rx的阻值大小，故C图不可行；当S1断开，S闭合时，Rx与R0串联，电压表测Rx两端电压，S1闭合时，电压表测量电源电压，则可知R0两端的电压，根据欧姆定律可求得通过R0的电流，则由欧姆定律可求得Rx的阻值，故D图可行。 5．如图所示，这是某科技创新小组的同学们自己发明的电子握力器的内部结构。电源电压不变，滑动变阻器b端固定在绝缘底座上，手柄A与变阻器滑片固定在一起，同步运动，握力为零时，滑片处于a端。L是一个电阻不变的指示灯，力量计由一个电流表改装而成。使用时，先闭合开关S，再用手握住手柄，A柄向下运动压缩弹簧，握力就显示在力量计表盘上。下列有关此握力器的说法中正确的是(A) ,(第5题)) A. 握力越大灯泡越亮，力量计的示数越大 B. 改装后的力量计的零刻度线就是原电流表的零刻度线 C. 握力越大电路总电阻越大，总电流越小 D. 握力越大，弹簧的长度越长；握力越小，弹簧长度越短 【解析】　握力越大，滑动变阻器接入电路的电阻越小，电流越大，力量计示数越大，灯泡越亮，A选项正确；滑片在a端时，弹簧没有受到压力，闭合开关，电路电流最小，此时指针的位置应是力量计的零刻度线，B选项错误；握力越大，滑动变阻器接入电路的电阻越小，电路电流越大，C选项错误；握力越大，弹簧被压缩得越短，握力越小，弹簧的形变越小，D选项错误。 (第6题) 6．如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1、L2都能正常工作，甲、乙两个电表的示数之比是2∶3，此时灯L1、L2的电阻之比是(B) A. 2∶1 B. 1∶2 C. 3∶2 D. 2∶3 【解析】　分析电路可知，甲、乙均是电压表，电压表乙测量总电压(U总)，电压表甲测量L2电压(U2)。 U2∶U总＝2∶3，则U1∶U2＝1∶2。 7．为了测定风速的大小，小明设计了如图所示四种装置，图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连，可上下移动。现要求：当风吹过探头时，滑动变阻器的滑片P向上移动，且风速增大时电压表的示数增大。以下四个图中符合要求的是(D) 【解析】　当风吹过探头时，滑动变阻器R2的滑片P向上移动，由于流体流速大的地方压强小，故探头凸面朝上，A、B错误。风速增大时，滑片P向上移动的距离增大，分析C、D选项可知，R2接入电路的阻值减小，电压表示数增大，则电压表测量的是R1两端电压。 (第8题) 8．在如图所示的电路中，闭合开关S后，灯泡L1不亮，L2亮，电压表无示数，其故障原因可能是(C) A. L1开路　 B. L2开路 C. Ll短路　 D. L2短路 【解析】　灯L2亮，说明通路；灯L1