高考命题研究与应用物理河北答案.docxVIP

●12025年物理(河北卷)

1.D沿电场线方向电势逐渐降低,可知φdφcφbφa,A、B、C三项错误,D项正确。

2.A皮球体积变大,气体对外做功,A项正确;由ΔU=W+Q可知,温度升高,ΔU为正,体积变大,W为负,则Q必为正,气体吸收热量,B项错误;气体分子总数一定,体积变大,单位体积分子数变小,C项错误;温度升高,分子平均速率变大,但并非每个分子的速率都增大,D项错误。

3.C游标卡尺的精度为0.02mm,先读主尺整毫米数为17mm,再确定游标尺读数为0.02×10mm=0.20mm,两者相加,为17.20mm,C项正确。

4.B如图为小球的受力分析图,小球静止,合力为0,则有2Fcosθ+FN=G,其中θ=45°,当FN=0时,F有最大值,最大值Fmax=22G,B

5.C设该同学摇绳一圈的时间为T,由题意可得30°360°T=130s,解得T=0.4s,该同学每分钟摇绳的圈数n=

6.D开关S接3时,副线圈匝数n3=n-n10-n10=4n5,U1U2=n1n3,开关S接2时,副线圈匝数n2=n-n10=9n10,U

7.B飞行器在距星球表面高度R0处做匀速圆周运动,有Gm星m(2R0)2=mv22R0,飞行器以发射初速度v0从星球表面运行至距星球表面高度R0处过程中机械能守恒,则有12mv02+0

【方法技巧】

在只有万有引力做功时,飞行器的机械能守恒。

8.AD金属小球C跟A接触后再分开,则有qA=qC=Q+q2,金属小球C跟B接触后再分开,则有qB=Q+q2+q2=Q4+3q

9.AC将左侧小物块沿斜面缓慢拉下一段距离x,对左侧小物块,以沿斜面向下为正方向,有mgsinθ-kx-FT=F合=ma,对于右侧小物块,以沿斜面向上为正方向,有FT-kx-mgsinθ=F合=ma,联立解得F合=-kx,a=-kxm,FT=mgsinθ,左侧小物块做简谐运动,A项正确,B项错误;右侧小物块做简谐运动,根据对称性可知其在最高位置和最低位置的加速度大小相等,C项正确;右侧小物块从最低位置运动到最高位置所用时间t=12T,而T=2πmk,与倾角θ无关,θ增大,t

10.BCD根据左手定则,粒子带负电,A项错误;当发射方向与OP的夹角θ=60°时,粒子恰好垂直穿过M板上的小孔,此时粒子的运动轨迹如图甲所示,由几何关系得rcos60°+r=3L,解得r=2L,当板间电场强度最大时,粒子恰不到N板,则有-qEd=-12mv2,解得v=2qEdm,v不变,间距d增大,则板间形成的最大电场强度E减小,B项正确;由题意得OP=rsin60°=3L,粒子打在M板上表面的位置与O点距离最大时轨迹圆弧对应弦长为直径,如图乙所示,x=(4L)2-(3L)2=13L,但本题有特殊情况,在M、N间电场稳定后,θ=60°的粒子穿过Q点,在电场力的作用下又返回Q点,向右偏转做圆周运动,如图丙所示,此时击中位置到O点的距离为3L+2r=7L,C项正确;设打到M板下表面的粒子在磁场中做圆周运动的圆心为O,PO⊥OQ,PQ=PO2+OQ2=23L,又∠PQO=30°,∠PQO=30°,粒子射入极板与M板夹角θ=90°-∠PQO-∠PQO=30°,M、N间电场强度最大时,粒子打在M板下表面的位置到Q点的距离最小,粒子在板间做类斜抛运动

甲

乙

丙

丁

【方法技巧】

打到M板下表面,磁场中轨迹为相同弦的优弧,板间电场强度增大到最大,粒子做类斜抛运动。

11.答案(1)①断开②R1(2)①丙②0.4

解析本题考查热敏电阻的温度特性和验证机械能守恒定律。

(1)①测量电阻时,电阻应与电路断开,此时开关S应断开。

②为防止电流异常增大,接入的热敏电阻起过热保护作用,在电流异常增大时,电阻迅速增大,由题图2可知,R1具有此特性。

(2)①由mgh=12mv22-12mv12可知,需测

②滑块经过光电门A的速度大小为v=d1Δt=10.

12.答案(1)①不会②H③与集气室相连的细管中的气体被忽略不计(2)乙

解析本题考查探究气体压强与体积的关系、振荡电路的频率。

(1)①集气室内气体压强的大小p1=p0+ρg(H-h),H一定时,其内径D的大小不会影响集气室内气体压强的大小。

②由于实验中使用同一把刻度尺进行测量,分度值相同,根据数据分析,H的数据明显大于h的数据,h的数据较小,所以测量H产生的相对误差较小。

③主要原因是与集气室相连的细管中的气体被忽略不计,导致集气室气体体积V相比于实际气体体积偏小。

(2)桶内水位高度H越大,集气室内气体压强越大,铁芯进入电感线圈的长度越大,电感线圈的自感系数越大,由题意可知,LC振荡电路的频率越小,由T=1f可知,频率越小,周期T越大,所以题图3

13.答案(1)