高考命题研究与应用物理湖北答案.docxVIP

●12025年物理(湖北卷)

1.C设X的质量数为a,电荷数为b,由核反应过程中质量数守恒和电荷数守恒有a=18,b=8,故X为?818O,故A错误;该反应为β衰变,不是核聚变,故B错误;根据半衰期定义,经过一个半衰期后,1克?918F的质量变为原来的12,还剩下0.5克,故C正确;00υ电荷数为0,

2.A由万有引力提供向心力有GMmr2=mv2r=mω2r=m4π2T2r=ma,因为r甲r乙,则T甲T乙,v甲v乙,ω甲

3.B由公式pVT=C可知,气体的热力学温度变为原来的2倍,体积减小,则压强增大,对活塞受力分析,有F+p0S=pS,则F增大,故A错误;由于气体的热力学温度T增大,则内能U增大,故B正确;气体的体积减小,外界对气体做正功,故C错误;由公式pVT=C可知,气体热力学温度变为原来的2倍,气体体积减小,则p不为原来的2倍,故

4.A由安培定则可知,通电圆线圈在M、N两点产生的磁场方向相同,大小为B,匀强磁场的磁感应强度大小与方向不变,因为M点的总磁感应强度为零,则N点的总磁感应强度也为零,故A正确。

5.B根据题意,E=nΔΦΔt=B0Lx0-

6.C由题意可画出示意图,如图所示,设斜向下击出的球到球网的竖直距离为h1,斜向上击出的球到球网的竖直距离为h2,在水平方向上,有L=v0cosθ·t1=v0cosθ·t2,则t1=t2=t,v0=Lcosθ·t,在竖直方向,有h1-h2=L2=v0sinθ

7.B门板先在向右的外力的作用下做匀加速直线运动,撤去外力后做匀减速直线运动,门板匀加速直线运动过程中,由牛顿第二定律有F合=F-μmg,则a1=F-μmgm=Fm-μg,设门板匀加速用时t1,则撤去外力时速度为v1=a1t1,x1=12a1t12,门板匀减速直线运动过程中,由牛顿第二定律可得a2=-μg,设门板匀减速用时t2,则0=v1+a2t2,则t2=v1μg,x2=v1t2+12a2t22=v122μg,且总位移x1+x2=L2,联立上式,有12a1t12+v122μg=L2,即12a1t12+(a1t1)22μg=L2,即a1t1

8.AC用户量增大,I4增大,由I3I4=n4n3,则I3增大,Pr=I32r也增大,故A正确;用户量增大,U3=U2-U损=U2-I3r,U2不变,U损增大,则U3减小,由U3U4=n3n4,U4也减小,故B错误;n2增大,U2也增大,I2反而要减小,则U损=I2r=I3r要减小,则U3增大,U4也增大,故C正确;n2增大,

9.AD将小球b竖直下拉l后由静止释放,当小球b向上运动挤压弹簧时,若弹簧的弹力大于小球a的重力,则小球a会向上运动,故A正确;小球b要做简谐运动,其平衡位置,有mg=kx0,即x0=mgk,根据题意得,A=l-x0=l-mgk,小球b要做简谐运动,弹簧应处于拉伸状态,则A≤x0=mgk,联立解得,l-mgk≤mgk,则l≤2mgk,故C错误,D正确

10.AD若正五边形5个顶点全为q,则EO=0,故可将本题转化为5个顶点为3q-2q、3q-q、3q、3q+q、3q+2q,即为-2q、-q、0、q、2q这5个电荷,如图所示,由几何关系可知-q、q两点的电场强度方向与水平方向的夹角为18°,叠加后水平向左,E1=E2=kqR2,则E合1=kqR2cos18°×2,由几何关系可知-2q、2q两点的电场强度方向与水平方向的夹角为54°,叠加后水平向左,E3=E4=k·2qR2,则E合2=k·2qR2cos54°×2,则E合=E合1+E

11.答案(1)保护(2)1E(R+R0+r)(3)1.471.3(4)

解析(1)R0串联在电路中,起保护电路的作用。

(2)由闭合电路欧姆定律有E=I(R+R0+r),整理得1I=1E(R+R

(3)结合题图(b)可知,1E=24-725V-1,故E=1.47V,图像纵截距为R0+rE=

(4)若电流传感器有内阻,则E=I(R+R0+r+RA),整理得1I=1ER+R0+r+RAE,E测量值仍为1R,无误,但R

12.答案(1)0.515(2)dt(M

解析(1)游标卡尺精度为0.05mm,主尺部分读数为5mm,游标尺读数为3×0.05mm=0.15mm,则游标卡尺读数d=5mm+0.15mm=5.15mm=0.515cm。

(2)重锤1上的遮光片宽度为d,通过光电门时间为t,用平均速度代替瞬时速度,故v=dt。在运动过程中,两个重锤组成的系统机械能守恒,有(M-m)gH=12(M+m)dt2,

(3)由题意有ai=(βi-γ)g,即g=aiβi-γ,由逐差法可得g=(a

13.答案(1)64(2)60

解析(1)光路图如图甲所示,由几何关系