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0.4 0.4 0.2
,所以在的连续点,,只有在的间断点处取值的概率才大于零,且
,那么
,
因此的概率分布为
0.4 0.4 0.2
二、选择题(此题总分值15分,每题3分.)
(1)【答案】(A)
【解析】由重要极限可知,
极限 ,
.
而极限 ,
,那么
,
所以 .
应选项(A)正确.
(2)【答案】(D)
【解析】因为,由收敛及比较判别法可知绝对收敛.即(D)正确.
另外,设,那么可知
(A) , (C)
都不正确.
设,那么可知(B)不正确.
(3)【答案】(B).
【解析】由为的特征值可知,存在非零向量,使得.
两端同时乘以,有 ,由公式得到.于是
.
按特征值定义知是伴随矩阵的特征值.故应选(B).
【相关知识点】矩阵特征值与特征向量的定义:设是阶矩阵,假设存在数及非零的维列向量使得成立,那么称是矩阵的特征值,称非零向量是矩阵的特征向量.
(4)【答案】(D)
【解析】,如果,那么,即与互不相容;如果
,那么,即与相容.由于、的任意性,应选项(A)(B)均不正确.
任何事件一定可以表示为两个互不相容事件与的和. 又因,从而,另外要注意区分独立与互不相容两个概念,不要错误地把、互不相容等同于、相互独立而错选(C).
,不相容,,均不为零,因此
,
即(C)不正确. 用排除法应选(D).
事实上,
(5)【答案】(B)
【解析】由于,因此有
故应选(B).
【相关知识点】假设两个随机变量的方差都大于零,那么下面四个命题是等价的:
;
;
;
和不相关,即和的相关系数.
三、(此题总分值5分)
【解析】:这是 型未定式极限.
,
其中指数上的极限是型未定式,由洛必达法那么,有
.
所以 .
:由于 ,
记,那么当时,从而
.
而,所以.
又因
.
所以 .
四、(此题总分值5分)
【解析】积分区域如图阴影局部所示.
由,得.
因此 .
.
五、(此题总分值5分)
【解析】将原方程化为,由此可见原方程是齐次微分方程.
,
化简得,即.积分得
将代入上式,得通解.
由条件,即求得.
所以所求微分方程的特解.
六、(此题总分值6分)
【解析】先求出曲线和的交点,然后利用定积分求出平面图形面积和,如图:
由 得
所以
,
.
又因为,所以,即,解得
七、(此题总分值8分)
【解析】
,
.
由极值的必要条件,得方程组
即.
因驻点的唯一,且由问题的实际含义可知必有最大利润.故当时,厂家所获得的总利润最大,其最大总利润为
,
,
.
由极值的必要条件,得方程组
因驻点的唯一,且由问题的实际含义可知必有最大利润.故当,即
时,厂家所获得的总利润最大,其最大总利润为.
八、(此题总分值6分)
【解析】因为,所以.
,两边对求导,得
.
,只需在上成立,,即.
:利用单调性.
由于 ,
且,故,
又,于是有.从而
,,
:利用拉格朗日中值定理.
所以在区间存在一点,使得
,
即.又因为,所以,所以
.
九、(此题总分值7分)
【解析】设将分量代入得到方程组
对方程组的增广矩阵作初等行变换.
第一行分别乘以有、加到第二行和第三行上,有
,
再第二行加到第三行上,所以有
.
假设且即且,那么,方程组有唯一解,即可由线性表示且表达式唯一.
假设,那么,方程组有无穷多解,可由线性表示,且表达式不唯一.
假设,那么,方程组无解,从而不能由线性表示.
【相关知识点】非齐次线性方程组有解的判定定理:
设是矩阵,线性方程组有解的充分必要条件是系数矩阵的秩等于增广矩阵的秩,即是(或者说,可由的列向量线表出,亦等同于与是等价向量组).
设是矩阵,线性方程组,那么
(1) 有唯一解
(2) 有无穷多解
(3) 无解 不能由的列向量线表出.
十、(此题总分值6分)
,用“顺序主子式全大于0
二次型的矩阵为,其顺序主子式为
正定的充分必要条件是各阶顺序主子式都大于0,所以有
.
解出其交集为,故时,为正定二次型.
【相关知识点】二次型的定义:含有个变量的二次齐次多项式(即每项都是二次的多项式)
其中,
称为元二次型,,,那么二次型可用矩阵乘法表示为
其中是对称矩阵,称为二次型的矩阵.
十一、(此题总分值6分)
【解析】记,那么线性无关的充分必
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