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所以此题应该选(B).
(3)【答案】A
【解析】此题考查高阶导数的求法.
为方便记.由,逐次求导得
,
由第一归纳法,可归纳证明.
假设成立,即,那么
,
所以亦成立,原假设成立.
(4)【答案】A
【解析】对两边求导数得
故此题选A.
【相关知识点】1.
假设,,均一阶可导,那么
.
2.:
在点可导,且其导数为或.
(5)【答案】B
【解析】由于 ,
,
得
,,故为第一类(可去)间断点,故此题选B.
【相关知识点】1. 连续:,
2.的间断点或者不连续点的定义,只要满足一下三种情况之一即是间断点.
(1) 在没有定义;
(2) 虽在有定义,但不存在;
(3) 虽在有定义,且存在,但
,但左极限及右极限都存在,,称为第二类间断点.
三、(每题5分,总分值25分.)
(1)【解析】此题考查重要极限:
,
得.
或由 ,
同理可得.
(2)【解析】方程两边求微分,得
,
整理得 .
(3)【解析】对分式求导数,有公式,所以
,
,,即是时,时,
故拐点为.
【相关知识点】1.拐点的定义,,那么称为曲线的拐点.
2.拐点判别定理:
(1),在去心邻域,就是区间
内不包括点二阶可导,且在上,那么
为拐点.
(2),又那么
为拐点.
此题利用第一个判别定理就足够判定所求点是否是拐点了.
(4)【解析】由有
, 为任意常数.
注:,如果选择不当可能引起更繁杂的计算,最后甚至算不出结果来.在做题的时候应该好好总结,积累经验.
【相关知识点】分部积分公式:,那么
或者
(5)【解析】所给方程为一阶线性非齐次方程,其标准形式为
.
由于 ,两边乘以得.
积分得 ,
通解为 .
代入初始条件可得,所求特解为.
四、(此题总分值9分)
【解析】对椭圆方程进行微分,有.
过曲线上点的切线方程为,当存在时,.
所以点处的切线方程为,化简得到.
,得切线在上的截距分别为;
又由椭圆的面积计算公式,其中为半长轴和半短轴,故所求面积为
.
为常数,欲使得的最小,那么应使得最大;从而问题化为求(由椭圆方程所确定)当时的最大值点.
,得,再对两边求导得,联合可得(唯一驻点),即在此点取得最大,取得最小值.
由于,所以在上存在最小值,必为最小点,所求点为.
五、(此题总分值9分)
,,另一边剩下0,再在给定区间内讨论的单调性即可证明原不等式.
,那么.因此,在
上单调减;又有,所以
,
故时,,所以原不等式得证.
六、(此题总分值9分)
【解析】,由换元积分,,;
所以 .
由区间相同的积分式的可加性,有
=.
,那么
由牛顿-莱布尼兹公式,有
,
而,故.
【相关知识点】,,那么有
1O
1
O
1
2
3
【解析】先求得切线方程:对抛物线方程求导数,得
,过曲线上点的切线方程
为,当存在时,.
所以点处的切线方程为
,
此切线过点,所以把点代入切线方程得,再代入抛物线方程得
,由此,与抛物线相切于斜率为的切线方程为
.
旋转体是由曲线直线与轴所围成的平面图形绕轴旋转一周所形成的,求旋转体体积:
,是两个旋转体的体积之差,套用已有公式得
.
,并作水平分割,相应于小横条的体积微元,如上图所示,
于是,旋转体体积 .
【相关知识点】1.由连续曲线、直线及轴所围成的曲边梯形绕轴旋转一周所得的旋转体体积为:.
2.设在连续,非负,,那么曲线,直线及轴围成的平面图形绕轴旋转所得旋转体体积为:(可用微元法导出).
八、(此题总分值9分)
【解析】所给方程为常系数二阶线性非齐次方程,特征方程的根为,原方程右端中的.
当时,可设非齐次方程的特解,代入方程可得,
当时,可设非齐次方程的特解,代入方程可得,
所以通解为 ,
.
【相关知识点】1.二阶线性非齐次方程解的结构:设是二阶线性非齐次方程
的一个特解.是与之对应的齐次方程
的通解,那么是非齐次方程的通解.
2. 二阶常系数线性齐次方程对于求解二阶常系数线性齐次方程的通解,可用特征方程法求解:即中的、均是常数,方程变为.其特征方程写为,在复数域内解出两个特征根;
分三种情况:
(1) 两个不相等的实数根,那么通解为
(2) 两个相等的实数根,那么通解为
(3) 一对共轭复根,那么通解为其中为常数.
3.对于求解二阶线性非齐次方程的一个特解,可用待定系数法,有结论如下:
如果那么二阶常系数线性非齐次方程具有形如
的特解,其中是与相同次数的多项式,而按不是特征方程的根、是特征方程的单根或是特征方程的重根依次取0、1或2.
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