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课时作业（一）【基础热身】1．B　[解析]选项A、C、D中的数据都是时间轴上的一个点，指的都是时刻；而选项B中15 s是与跑完100 m这一运动过程相对应的，指的是时间间隔，故选项B正确．2．C　[解析]位移是从起点指向终点的有向线段，是矢量；路程是运动路径的长度，是标量，它没有方向．正确选项只有C.3．B　[解析]加速度描述物体速度变化的快慢程度，选项A错误、B正确；加速度方向与运动方向共线时，物体一定做直线运动，同向时做加速运动，反向时做减速运动，选项C、D错误．4．A　[解析]由图可知，心脏每跳动一次，纸带向前移动大约是4个小方格的距离，约2.0 cm，则心脏每跳动一次所需时间约T＝＝0.80 s；此人心脏一分钟跳动的次数为n＝＝75次，故本题只有选项A正确．【技能强化】5．B　[解析]无论加速度正在增大还是正在减小，只要加速度与速度同向，物体速度就一直增大，当同向加速度减小到零时，物体速度达到最大，速度不再增大，但位移会继续增大，由此可知本题只有选项B正确．6．A　[解析]速度与加速度都是矢量，其正负表示速度与加速度的方向．速度与加速度方向相反，汽车做减速运动；经1 s速度减小Δv＝aΔt＝1 m/s，所以再过1 s汽车的速度变为5 m/s，故选项A正确．7．D　[解析]如果物体做加速度逐渐减小的加速直线运动，则加速度为零时速度最大，选项A正确；根据加速度定义可知选项B正确；质点某时刻的加速度不为零，但该时刻的速度可以为零，选项C正确；物体速度变化量大小决定于加速度和时间两个因素，选项D错误．8．A　[解析]由于通讯员初、末位置都跟队尾士兵相同，所以位移也相同，由平均速度公式可以判断选项A正确．9．C　[解析]设总位移为s，则甲车运动的总时间t甲＝＋＝x，所以甲车的平均速度甲＝＝＝48 km/h；设乙车运动的总时间为t乙，则乙车的总位移s＝v乙1·＋v乙2·＝t乙，所以乙车的平均速度乙＝＝＝50 km/h.故C项正确．10. 230 m[解析]为确保行车安全，要求在列车驶过距离L的时间内，已越过停车线的汽车的车尾必须能通过道口．汽车越过停车线至车尾通过道口的过程中，汽车的位移为s′＝l＋s0＋s＝(15＋5＋26) m＝46 m汽车速度v2＝36 km/h＝10 m/s通过这段位移需要的时间t＝＝ s＝4.6 s高速列车的速度v1＝180 km/h＝50 m/s所以安全行车的距离为L＝v1t＝50×4.6 m＝230 m.11．(1)6.61 m/s2　(2)9.26 s[解析] (1)末速度v＝100 km/h＝ m/s＝27.78 m/s平均加速度a＝＝ m/s2＝6.61 m/s2.(2)所需时间t′＝＝ s＝9.26 s.12．0.067 m/s2[解析]遮光板通过第一个光电门的速度v1＝＝ m/s＝0.10 m/s遮光板通过第二个光电门的速度v2＝＝ m/s＝0.30 m/s故滑块的加速度a＝＝0.067 m/s2【挑战自我】13．45 km/h[解析]设甲、丙两地距离为2l，汽车通过甲、乙两地的时间为t1，通过乙、丙两地的时间为t2.从甲到乙是匀加速运动，由l＝·t1得t1＝＝从乙到丙也是匀加速运动，由l＝·t2得t2＝＝所以甲丙＝＝＝45 km/h.课时作业（二）【基础热身】1．B　[解析]由匀加速直线运动的位移公式可知s＝t＝t＝vtt，选项A错误，选项B正确；匀减速直线运动可以看成是初速度为0的匀加速直线运动的逆过程，故返回后的加速度、位移的大小和起飞前相同，选项C、D错误．2．B　[解析]v0＝72 km/h＝20 m/s，设刹车时间为t，则at＝v0，解得t＝＝4 s，故刹车距离s＝t＝40 m.3．B　[解析]当滑块速度大小变为时，其方向可能与初速度方向相同，也可能与初速度方向相反，因此要考虑两种情况，即v＝或v＝，代入公式t＝得，t＝或t＝，故选项B正确．【技能强化】4．C　[解析]物体开始做匀加速直线运动，a＝μg＝1 m/s2，速度达到传送带的速度时发生的位移s＝＝m＝0.5 m＜L，所经历的时间t1＝＝1 s，物体接着做匀速直线运动，所经历的时间t2＝＝s＝2 s，故物体从a点运动到b点所经历的时间t总＝t1＋t2＝3 s.5．A　[解析]由逐差法得s6－s1＝5aT2，所以a＝＝0.01 m/s2，选项A正确．6．D　[解析]用“逆向思维”法解答．由题知，若倒过来分析，子弹向左做匀加速直线运动，初速度为零，设每块木块长为L，则v＝2a·L，v＝2a·2L，v＝2a·3L，v3、v2、v1分别为子弹倒过来向左穿透第3块木块后、穿透第2块木块后、穿透第1块木块后的速度，则v1∶v2∶v3＝∶∶1，子弹依次向右穿入每个木块时速度比v1∶v2∶v3＝∶∶1，因此选项A、B错误．由v3＝at3，