【导学教程】2017高考总复习·人教版物理(课件+限时检测)第五章-机械能及其守恒定律 第二节.ppt

2． (2015·课标Ⅰ)如图5－2－13所示，一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平。一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道。质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小。用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功。则 图5－2－13 答案　C 3．(2016·衡水模拟)如图5－2－14所示，质量为0.1 kg的小物块在粗糙水平桌面上滑行4 m后以3.0 m/s的速度飞离桌面，最终落在水平地面上，已知物块与桌面间的动摩擦因数为0.5，桌面高0.45 m，若不计空气阻力，取g＝10 m/s2，则 图5－2－14 A．小物块的初速度是5 m/s B．小物块的水平射程为1.2 m C．小物块在桌面上克服摩擦力做8 J的功 D．小物块落地时的动能为0.9 J 答案　D 4． (2016·衡水中学)有两条滑道平行建造，左侧相同而右侧有差异，一个滑道的右侧水平，另一个的右侧是斜坡。某滑雪者保持一定姿势坐在雪橇上不动，从h1高处的A点由静止开始沿倾角为θ的雪道下滑，最后停在与A点水平距离为s的水平雪道上。接着改用另一个滑道，还从与A点等高的位置由静止开始下滑，结果能冲上另一个倾角为α的雪道上h2高处的E点停下。若动摩擦因数处处相同，且不考虑雪橇在路径转折处的能量损失，则 图5－2－15 答案　B 5． (多选)(2015·延吉质检)如图5－2－16所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中 图5－2－16 答案　AD 本讲结束 请按ESC键返回 ［限时检测］ (2)注意事项 ①动能定理的研究对象可以是单一物体，或者是可以看作单一物体的物体系统。 ②动能定理是求解物体的位移或速率的简捷公式。当题目中涉及位移和速度而不涉及时间时可优先考虑动能定理；处理曲线运动中的速率问题时也要优先考虑动能定理。 ③若过程包含了几个运动性质不同的分过程，既可分段考虑，也可整个过程考虑。但求功时，有些力不是全过程都做功，必须根据不同的情况分别对待求出总功。 ④应用动能定理时，必须明确各力做功的正、负。当一个力做负功时，可设物体克服该力做功为W。将该力做功表达为－W，也可以直接用字母W表示该力做功，使其字母本身含有负号。 考点三　动能定理与图象的结合 1．分析动能定理与图象结合问题“三步走” 2．力学中四类图象所围“面积”的意义 考向1　动能定理与运动学图象的综合 [例4]　用水平力F拉一物体，使物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动，t1时刻撤去拉力F，物体做匀减速直线运动，到t2时刻停止，其速度－时间图象如图5－2－7所示，且αβ，若拉力F做的功为W1，平均功率为P1；物体克服摩擦阻力Ff做的功为W2，平均功率为P2，则下列选项正确的是 图5－2－7 A．W1W2，F＝2F B．W1＝W2，F2Ff C．P1P2，F2Ff D．P1＝P2，F＝2Ff [解析]　由动能定理可得W1－W2＝0，解得W1＝W2。由图象可知，F－Ff＝ma＝mtan α Ff＝ma′＝mtan β　αβ　tan αtan β 因此F2Ff，选项A、D错误B正确；由于摩擦阻力作用时间一定大于水平力F作用时间，所以P1P2，选项C错误。 [答案]　B 考向2　动能定理与W－x图象的综合 [例5]　(多选)(2016·毕节模拟)质量为1 kg的物体在水平粗糙的地面上受到一水平外力F作用运动，如图5－2－8甲所示，外力F和物体克服摩擦力f做的功W与物体位移x的关系如图乙中的①和②所示，重力加速度g为10 m/s2。下列分析正确的是 图5－2－8 [答案]　ACD 考向3　动能定理与F－x图象的综合 [例6]　如图5－2－9甲所示，长为4 m的水平轨道AB与半径为R＝0.6 m的竖直半圆弧轨道BC在B处相连接，有一质量为1 kg的滑块(大小不计)，从A处由静止开始受水平向右的力F作用，F的大小随位移变化的关系如图乙所示，滑块与AB间的动摩擦因数为μ＝0.25，与BC间的动摩擦因数未知，g取10 m/s2，求： 图5－2－9 (1)滑块到达B处时的速度大小； (2)滑块在水平轨道AB上运动前2 m过程所用的时间； (3)若到达B点时撤去力F，滑块沿半圆弧轨道内侧上滑，并恰好能到达最高点C，则滑块在半圆弧轨道上克服摩擦力所做的功是多少？ 考点四　应用动能定理分析平抛 运动、圆周运动（规范答题） 1．平抛运动和圆周运动都属于曲线运动，若只涉及位移和速度而不涉及时间，应优先