【教案】沪科版高中物理选修（3-2）第2章第3节《习题课：交变电流的产生及描述》学案.docVIP

学案3　习题课：交变电流的产生及描述 [学习目标定位] 1.理解交变电流的产生过程，能够求解交变电流的瞬时值.2.理解交变电流图像的物理意义.3.知道交变电流“四值”的区别，会求解交变电流的有效值． 1．线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动时产生正弦式交变电流，瞬时值表达式e＝Emaxsin_ωt(从中性面开始计时)． 2．正弦式交变电流的最大值Emax＝nBSω，即最大值由线圈匝数n、磁感应强度B、转动角速度ω及线圈面积S决定，与线圈的形状、转轴的位置无关．(填“有关”或“无关”) 3．线圈在转动过程中的平均电动势，要用法拉第电磁感应定律计算，即＝n. 4．正弦交流电的有效值U＝，I＝.其他非正弦交流电的有效值根据电流的热效应求解. 一、对交变电流产生规律的理解 求解交变电动势瞬时值时：(1)先要计算峰值Emax＝nBSω；(2)确定线圈转动从哪个位置开始，以便确定瞬时值表达式是按正弦规律变化还是按余弦规律变化；(3)确定线圈转动的角速度ω(以rad/s作单位)；最后确定感应电动势的瞬时值表达式． 例1　图1甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图．其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的匝数n＝100匝，电阻r＝10 Ω，线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻R＝90 Ω，与R并联的交变电压表为理想电表．在t＝0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按图乙所示正弦规律变化．求： 图1 (1)交流发电机产生的电动势最大值； (2)电动势的瞬时值表达式． (3)线圈转过 s时电动势的瞬时值． (4)电路中交变电压表的示数． 解析　(1)交流发电机产生电动势的最大值Emax＝nBSω 而Φmax＝BS，ω＝，所以Emax＝ 由Φ－t图线可知，Φmax＝2.0×10－2 Wb，T＝0.2 s 所以Emax＝20π V＝62.8 V. (2)线圈转动的角速度ω＝＝ rad/s＝10π rad/s，由于从垂直中性面处开始计时，所以感应电动势瞬时值表达式为 e＝Emaxcos ωt＝62.8cos (10πt) V (3)当线圈转过 s时 e＝20πcos(10π×) V＝10π V＝31.4 V (4)电动势的有效值E＝＝10π V U＝E＝×10π V＝9π V≈40 V 答案　(1)62.8 V　(2)e＝62.8cos (10πt) V　(3)31.4 V (4)40 V 二、交变电流图像的应用 正弦交流电的图像是一条正弦曲线，从图像中可以得到以下信息： (1)交变电流的峰值Imax、Emax、周期T、频率f. (2)可根据线圈转至中性面时电流为零的特点，确定线圈处于中性面的时刻，确定了该时刻，也就确定了磁通量最大的时刻和磁通量变化率最小的时刻． (3)可根据线圈转至与磁场平行时感应电流最大的特点，确定线圈与中性面垂直的位置．此位置也就是磁通量为零的时刻和磁通量变化率最大的时刻． 例2　如图2所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图像，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图像如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是(　　) 图2 A．在图中t＝0时刻穿过线圈的磁通量均为零 B．线圈先后两次转速之比为3∶2 C．交流电a的瞬时值为u＝10sin (5πt) V D．交流电b的最大值为 V 解析　由题图可知，t＝0时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，A错误；由题图可知Ta∶Tb＝2∶3，故na∶nb＝3∶2，B正确；由题图可知，C正确；因ωa∶ωb＝3∶2，交流电最大值Umax＝NBSω，故Umaxa∶Umaxb＝3∶2，Umaxb＝Umaxa＝ V，D正确． 答案　BCD 三、交变电流有效值的计算 求解有效值的一般方法和技巧： (1)首先要分析交变电流的变化规律，正弦式交变电流的最大值和有效值的关系是I＝、U＝，非正弦式交变电流一般不符合此关系． (2)对于非正弦式交变电流，可在一个周期内分段求出产生的热量，再求热量的总和Q.将总热量Q用相应的物理量I或U来表示(如Q＝I2RT或Q＝T)，则I或U为非正弦式交变电流的相应有效值． 例3　如图3表示一交流电电流随时间变化的图像，其中电流的正值为正弦曲线的正半周，其最大值为Imax；电流的负值强度为Imax，则该交流电的有效值为 (　　) 图3 A. B.Imax C．Imax D.Imax 解析　根据有效值的定义，取一个周期T，则 Q＝()2R＋IR＝I2RT 解得：I＝Imax，故选D. 答案　D 四、交变电流“四值”的应用比较 交变电流的四值，即最大值、有效值、瞬时值、平均值，在不同情况下的使用： (1)在研究电容器的耐压值时，只能用最大值． (2)在研究交变电流做功、电功率及产生的热量