河南省罗山高中2016届高三化学二轮复习强化训练专题七重要的金属及其化合物(含解析)详解.docVIP

重要的金属及其化合物 1、铝镁合金坚硬、轻巧、美观、洁净、易于加工而成为新型建筑装潢材料，主要用于制作窗框、卷帘门、防护栏等。下列与这些用途无关的性质是（） A．不易生锈 B．导电性 C．密度小 D．强度高B 【解析】根据题中所给的信息，结合已经学习过的知识分析，本题综合考察的是铝镁合金的性质及用途。碲锌镉(Te－Zn－Cd)晶体可以用于制造红外探测器的基础材料，下列有关它的叙述中不正确的是(　　) A．它是由Te、Zn、Cd按一定比例混合而成的，无固定的熔沸点 B．它易导电、导热，具有延展性 C．它的熔沸点比Zn的低 D．它的硬度和强度比Cd的大A 【解析】碲锌镉晶体是由Te、Zn、Cd按一定比例熔合而成的具有金属特性的合金，只要比例确定，其组成就固定，因而有固定的熔沸点；合金具有比成分金属低的熔沸点、高的硬度和强度。某稀溶液中含有等物质的量的ZnSO4、Fe2（SO4）3、H2SO4、CuSO4，向其中逐渐加入铁粉，溶液中Fe2+的物质的量（纵坐标/mol）和加入铁粉的物质的量（横坐标/mol）之间的关系为（　　） A． B． C． D． A 【解析】向含有等物质的量的ZnSO4、Fe2（SO4）3、H2SO4、CuSO4的混合溶液中逐渐加入铁粉，铁粉和各离子反应的先后顺序是：铁离子、铜离子、氢离子，涉及的反应方程式为：Fe2（SO4）3+Fe=3FeSO4、CuSO4+Fe=FeSO4+Cu、H2SO4+Fe=FeSO4+H2↑， 则Fe2（SO4）3+Fe=3FeSO4 1 1 3 CuSO4+Fe=FeSO4+Cu 1 1 1 H2SO4+Fe=FeSO4+H2↑ 1 1 1 所以等物质的量的ZnSO4、Fe2（SO4）3、H2SO4、CuSO4分别和等物质的量的铁完全反应生成硫酸亚铁，生成硫酸亚铁的物质的量之比是3：1：1， 故选A． 镁铝合金5.4g溶于过量的热浓硝酸中，反应产生11.2LNO2（标准状况），若在反应后溶液中加入过量的氢氧化钠溶液，则生成沉淀质量为（　　） A．4.5g B．6 g C．8.7g D．13.9g 【解析】标况下11.2L二氧化氮的物质的量为：n（NO2）==0.5mol，生成0.5mol二氧化氮转移电子的物质的量为：0.5mol×（5﹣4）=0.5mol， 设Al的物质的量为x、Mg的物质的量为y，则3x+2y=0.5； 根据合金的总质量可得：27x+24y=5.4g， 根据解得：x=mol、y=0.15mol， 即：合金中含有0.15mol镁； 加入过量氢氧化钠溶液后生成的沉淀只能为氢氧化镁，根据质量守恒可知生成氢氧化镁的物质的量为0.15mol，质量为：58g/mol×0.15mol=8.7g， 故选C． 将15．6g Na2O2和5．4g Al同时放入一定量的水中，充分反应后得到200mL溶液，再向该溶液中缓慢通入HCl气体6．72L（标准状况），若忽略反应过程中溶液的体积变化，则下列判断正确的是 A．最终得到7．8g的沉淀 B．反应过程中得到6．72L（标准状况）的气体 C．最终得到的溶液中c（NaCl）=1．5mo/L D．最终得到的溶液中c（Na+）=c（Cl-）+c（OH-） 6、有铁的氧化物样品，用140 ml 0.5 mol/L的盐酸恰好使其完全溶解，所得溶液还能吸收标准状况下氯气56ml，使其中的Fe2+全部转化为Fe3+，该样品可能的化学式是（　　） A.Fe2O3 B.Fe3O4 C、Fe5O7 D、Fe4O5 【答案】Ｃ 7、某同学采用硫铁矿焙烧取硫后的烧渣（主要成分为Fe2O3、SiO2、Al2O3，不考虑其他杂质） 制取七水合硫酸亚铁（FeSO47H2O），设计了如下流程： 下列说法不正确的是（　　） A．溶解烧渣选用足量硫酸，试剂X选用铁粉 B．固体1中一定含有SiO2，控制pH是为了使Al3+转化为Al（OH）3，进入固体2 C．从溶液2得到FeSO47H2O产品的过程中，须控制条件防止其氧化和分解 D．若改变方案，在溶液1中直接加NaOH至过量，得到的沉淀用硫酸溶解，其溶液经结晶分离也可得到FeSO47H2O 【答案】D 【解析】硫铁矿焙烧取硫后的烧渣（主要成分为Fe2O3、SiO2、Al2O3，不考虑其他杂质），混合物中加入足量硫酸，Fe2O3、Al2O3与酸反应生成的硫酸铁、硫酸铝，二氧化硅不反应，过滤，固体1为二氧化硅；在滤液中加入铁粉将铁离子还原为亚铁离子，调节pH值使铝离子完全生成氢氧化铝