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江西省等七省联考2024届高三上学期最后一卷
数学猜题卷(一)
第I卷(选择题)
一、单选题
1.已知集合,,则中的元素个数为()
A.6 B.5 C.4 D.3
【答案】C
【解析】∵集合,,
∴;
∴;
∴中的元素个数为4.
故选:C.
2.已知命题:中有一个内角为,是的三个内角成等差数列充要条件;命题:“”是“”的必要不充分条件,则下列命题正确的是()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】由中有一个内角为,可得的三个内角成等差数列,反之也成立
故命题为真命题
由推不出,反过来,当时,也推不出
所以“”是“”的既不充分也不必要条件,
故命题为假命题
所以正确
故选:B.
3.已知公差不为0的等差数列的第4,7,16项恰好分别是某等比数列的第4,6,8项,则该等比数列的公比是()
A. B. C.或 D.
【答案】C
【解析】设等差数列的公差为,
因为等差数列的第4,7,16项恰好分别是某等比数列的第4,6,8项,
可得,即,解得,
所以,
所以等比数列的公比为,所以.
故选:C.
4.已知函数,则
A. B.0 C.1 D.2
【答案】D
【解析】∵函数,
∴
故选D.
5.水平放置的正三棱锥的正视图如图所示,则正三棱锥的体积为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】由图知,于是,所以,,
进而,三棱锥的高为(因为顶点在底面的射影为的重心),所以
故答案选:A
6.一束光线从点射出,经x轴上一点C反射后到达圆上一点B,则的最大值为()
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】圆的圆心为,,
关于轴的对称点为,
.
故选:D
7.已知向量满足,且关于x的函数实数集R上单调递增,则向量的夹角的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】设向量、的夹角为,由题意可得,
由于函数在实数集上单调递增,则不等式在上恒成立,
即不等式在上恒成立,则,
又,即,.
,,因此,向量、的夹角的取值范围是,
故选:A.
8.已知函数()有两个不同的零点,(),下列关于,的说法正确的有()个.
①②③④
A.1 B.2 C.3 D.4
【答案】D
【解析】由函数有两个不同零点,
转化为有两个交点,
构造函数,,则,故,所以在单调递增,而,可得图象如图所示
故在单调递减,在单调递增,
所以,
对于①,,
所以,
所以,故①正确;
对于②,由①可知,故,
因此,故②正确;
对于③,因为,所以,故,
所以,
则,
构造函数,
则,而,
所以,
所以,
因为,所以,
令,构造,显然单调递增,且,
所以
所以,故③正确;
对于④,由①可知,,
所以,
令,,显然单调递增,且,
所以,故④正确.
故选:D.
二、多选题
9.已知函数,则下列说法中正确的是()
A.的最小正周期为
B.在上单调递增
C.是的一个对称中心
D.当时,的最大值为
【答案】ACD
【解析】对于A选项,,故A选项正确.
对于B选项,由,解得,
所以的单调递增区间是,
,所以B选项错误.
对于C选项,,所以C选项正确.
对于D选项,,
所以,当时,函数取得最大值,即,所以D选项正确.
故选:ACD.
10.带有编号、、、、的五个球,则()
A.全部投入个不同的盒子里,共有种放法
B.放进不同的个盒子里,每盒至少一个,共有种放法
C.将其中的个球投入个盒子里的一个另一个球不投入,共有种放法
D.全部投入个不同的盒子里,没有空盒,共有种不同的放法
【答案】AC
【解析】对于A:由分步计数原理,
五个球全部投入个不同的盒子里共有种放法,故A正确;
对于B:由排列数公式,
五个不同的球放进不同的个盒子里,每盒至少一个,共有种放法,故B错误;
对于C:将其中的个球投入一个盒子里共有种放法,故C正确;
对于D:全部投入个不同的盒子里,没有空盒,
共有:种不同的放法,故D错误.
故选:AC
11.在圆锥SO中,C是母线SA上靠近点S的三等分点,,底面圆的半径为r,圆锥SO的侧面积为3π,则()
A.当时,从点A到点C绕圆锥侧面一周的最小长度为
B.当时,过顶点S和两母线的截面三角形的最大面积为
C.当时,圆锥SO的外接球表面积为
D.当时,棱长为的正四面体在圆锥SO内可以任意转动
【答案】ACD
【解析】依题意,,
对于A,当时,,,圆锥的侧面展开图,如图,
侧面展开图扇形弧长即为圆锥的底面圆周长,则,在中,由余弦定理得:
,即,A正确;
对于B,当时,有,令圆锥SO的轴截面等腰三角形顶角为,,
为钝角,令P,Q是圆锥SO的底面圆周上任意的不同两点,
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