【创新方案】2013届高考二轮物理复习课件(全国用)：专题二 牛顿运动定律与直线运动.ppt

由牛顿第二定律得： FfB－mBgsin α＝mBax mBgcos α－FNB＝mBay 可以得出：随a的增大，FfB逐渐增大，FNB逐渐减小，再由牛顿第三定律得：B对A的压力逐渐减小，B对A的摩擦力逐渐增大，故只有D正确。 [答案]　D 1.整体法与隔离法是研究连接体类问题的基本方法 对于有共同加速度的连接体问题，一般先用整体法由牛顿第二定律求出加速度，然后根据题目要求进行隔离分析并求解它们之间的相互作用力。 2.注意问题 (1)实际问题通常需要交叉应用隔离法与整体法才能求解。 (2)对两个以上的物体叠加组成的物体进行受力分析时，一般先从受力最简单的物体入手，采用隔离法进行分析。 (3)将整体作为研究对象时，物体间的内力不能列入牛顿定律方程中。 图2－7 3. 如图2－7所示，光滑斜面固定于水平面上， 滑块A、B叠放后一起冲上斜面，且始终保 持相对静止，A上表面水平。则在斜面上运 动时，B受力的示意图为 (　　) 图2－8 解析：选 　以滑块A、B整体为研究对象，整体加速度沿斜面向下，以滑块B为研究对象，沿水平和竖直方向分解滑块B的加速度可知，滑块B受到水平向左的摩擦力，竖直向下的重力，竖直向上的支持力，选项A正确。 A [例4]　如图2－9所示，长为L、内壁光滑的直管与水平地面成30°角固定放置。将一质量为m的小球固定在管底，用一轻质光滑细线将小球与质量为M＝km的小物块相连，小物块悬挂于管口。现将小球释放，一段时间后，小物块落地静止不动，小球继续向上运动，通过管口的转向装置后做平抛运动，小球在转向过程中速率不变。(重力加速度为g) 图2－9 (1)求小物块下落过程中的加速度大小； (2)求小球从管口抛出时的速度大小。 [思路点拨]　 (1)在小物块落地之前，细线是张紧的，两物体具有大小相同的加速度，都做匀加速运动。运用整体法或隔离法由牛顿第二定律列方程求解。 (2)在小物块落地之后，细线松弛，小球还将沿直管减速上滑到管口，可由牛顿第二定律及运动学公式列方程组求解。 　　1.动力学两类问题的分析思路 2．常用方法 (1)整体法、隔离法。 (2)正交分解法，一般取加速度方向和垂直于加速度方向进行分解，为减少分解的矢量的个数，有时也根据情况分解加速度。 (3)转换对象法。 转换对象法也叫牛顿第三定律法。在应用牛顿运动定律的过程中，有时无法直接求得问题的结果，此时可选取与所求对象有相互关系的另一物体作为研究对象，最后应用牛顿第三定律求出题目中的待求量。 图2－10 注意牛顿第二定律的“三性” 在学习“牛顿第二定律”时，部分同学对其矢量性、瞬时性、独立性等不能很好掌握。下面列举数例，并加以分析。 1．注意定律的矢量性 [例1]　如图2－11甲所示，一个人用与水平方向成θ＝30°角的斜向下的推力F推一个质量为20 kg的箱子匀速前进，箱子与水平地面间的动摩擦因数为μ＝0.40。 图2－11 (1)求推力F的大小； (2)若该人不改变力F的大小，只把力的方向变为与水平方向成30°角斜向上去拉这个静止的箱子，如图乙所示，拉力作用2.0 s后撤去，箱子最多还能运动多长距离？(g取10 m/s2) [解析]　(1)在题图甲情况下，对箱子有Fcos θ＝Ff，Fsin θ＋mg＝FN1，Ff＝μFN1 由以上三式得F＝120 N (2)在图乙情况下，箱子先以加速度a1做匀加速运动，然后以加速度a2做匀减速运动直到停止。对箱子有 Fcos θ－μFN2＝ma1，FN2＝mg－Fsin θ，v1＝a1t1 μFN3＝ma2，FN3＝mg,2a2x＝v 解之得x＝2.88 m。 [答案]　(1)120 N　(2)2.88 m 牛顿第二定律具有矢量性，应用其列方程时应规定正方向，一般取加速度的方向为正方向，同时注意因受力变化而造成摩擦力的大小发生变化的情况。 2．注意定律的瞬时性 [例2]　在动摩擦因数μ＝0.2的水平面上 有一个质量为m＝2 kg的小球，小球与水平 轻弹簧及与竖直方向成θ＝45°角的不可伸长 的轻绳一端相连，如图2－12所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零。当剪断轻绳的瞬间，取g＝10 m/s2，以下说法正确的是 (　　) A．此时轻弹簧的弹力大小为20 N B．小球的加速度大小为8 m/s2，方向向左