2016届高考物理(人教版)第一轮复习课时作业 章末质量检测7恒定电流 Word版含答案.doc

章末质量检测(七)　　　　　 (时间：60分钟　满分：100分)一、选择题(本题共6小题，每小题7分，共42分。在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～6题有多项符合题目要求。)　　　　　　　　　　　　　　　　　　　1.半导体材料的导电性能受外界条件的影响很大，有的半导体在温度升高时其电阻减小得非常迅速，利用这种半导体材料可以制成体积很小的热敏电阻。如图1所示是火警报警系统的部分电路，其中RT为热敏电阻，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器。当热敏电阻RT所在处出现火情时，电流表A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是(　　) 图1A．I变大，U变大 B．I变大，U变小 C．I变小，U变大 D．I变小，U变小 解析　根据题意可知，当出现火情时，RT的电阻随着温度升高减小得非常迅速，在电路中外电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律I＝可知干路电流增大，由U端＝E－Ir可知路端电压减小，电压表测量路端电压，因此U变小，排除A、C选项；因干路电流I增大，R1两端的电压增大，而外电路的电压减小，故R2和RT两端的电压会减小，因此电流表示数会减小，D正确。 答案　D 2.如图2所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R的阻值，可使电压表的示数减小ΔU(电压表为理想电表)，在这个过程中(　　) 图2A．通过R1的电流减小，减小量一定等于 B．R2两端的电压增加，增加量一定等于ΔU C．路端电压减小，减小量一定等于ΔU D．通过R2的电流增加，但增加量一定大于 解析　电压表示数减小，可知R减小，设路端电压、干路电流分别为U、I，电压表示数为U1，流过R1、R2的电流分别为I1、I2，电阻改变后，分别为U′、I′、U1′、I1′、I2′，则U1＝I1R1，U1′＝I1′R1，ΔU＝U1－U1′＝(I1－I1′)R1，＝I1－I1′＝ΔI，A正确。U2＝E－U1－Ir，U2′＝E－U1′－I′r，得ΔU2＝(U1－U1′)－(I′－I)r＝ΔU－(I′－I)rΔU，B错误；路端电压减小量小于ΔU，C错误；ΔU＝(I′－I)(r＋R2)，ΔI2＝I′－I＝，D错误。 答案　A 3.如图3所示，平行板电容器中带电质点P处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，则当滑动变阻器R的滑片向b端移动时，以下说法中正确的是(　　) 图3A．电流表读数减小 B．电压表读数减小 C．带电质点P将向上运动 D．R3上消耗的功率逐渐增大 解析　由图可知，电阻R2与滑动变阻器R串联后与R3并联，并联后再与电阻R1串联接在电源两端，平行板电容器与R3并联。当滑动变阻器的滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中的总电阻减小。由闭合电路欧姆定律可知，电路中的总电流增大，路端电压减小，电阻R1两端的电压增大，故并联部分的电压减小。由欧姆定律可知，流过电阻R3的电流减小，则流过R2和R的电流增大，故电流表的示数增大，选项A错误；因R2和R的总电压减小，而R2两端的电压增大，所以电压表的示数减小，选项B正确；因R3两端的电压减小，所以平行板电容器两端的电压减小，故带电质点P受到的向上的电场力减小，重力大于电场力，所以带电质点P将向下运动，选项C错误；由于R3两端的电压减小，由P＝可知，电阻R3上消耗的功率减小，选项D错误。 答案　B 4．如图4所示是饮水机的工作电路简化图，S是温控开关，当温度升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R0是饮水机加热管电阻，R是与加热管串联的电阻。表格是从其说明书中摘录的一些技术数据。不考虑R0、R的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率。当S闭合时，下列关于饮水机的工作状态和R0的阻值正确的是(　　) 图4 稳定电压 220 V 频率 50 Hz 加热功率 550 W 保温功率 22 W A．加热，220 Ω B．加热，88 Ω C．保温，88 Ω D．保温，220 Ω 解析　当S闭合时，由于电路中的有效电阻只有R0，故此时电路中的总电阻最小，对应的加热管电阻功率最大，故为加热状态。由R0＝可得其电阻为88 Ω，B正确。 答案　B 5.平行板电容器C与三个可变电阻器R1、R2、R3以及电源连成如图5所示的电路。闭合开关S待电路稳定后，电容器C两极板带有一定的电荷。要使电容器所带电荷量增加，以下方法中可行的是(　　) 图5A．只增大R1，其他不变 B．只增大R2，其他不变 C．只增大R3，其他不变 D．只减小a、b两极板间的距离，其他不变 解析　R1和R2串联，电容器两端电压跟R2两端电压相同。根据C＝可知如果不改变电容，则只需增大R2两端电压，根据串联分压关系(电阻越大分压越大)可知只增大R2或者只减小R1均可，选项B对，A、C错；只减小a、b两极板