人教A版普通高中数学一轮复习第2章第3节第2课时函数性质的综合应用课件.ppt

*第二章函数第三节函数的奇偶性、周期性、对称性第2课时函数性质的综合应用单调性与奇偶性结合【例1】(1)若定义在R上的奇函数f(x)在(－∞，0)上单调递减，且f(2)＝0，则满足xf(x－1)≥0的x的取值范围是()A．[－1，1]∪[3，＋∞) B．[－3，－1]∪[0，1]C．[－1，0]∪[1，＋∞) D．[－1，0]∪[1，3]核心考点提升“四能”√D解析：由题意知f(x)在(－∞，0)，(0，＋∞)上单调递减，且f(－2)＝－f(2)＝0，f(0)＝0.当x0时，令f(x－1)≥0，得0≤x－1≤2，所以1≤x≤3；当x0时，令f(x－1)≤0，得－2≤x－1≤0，所以－1≤x≤1，又x0，所以－1≤x0；当x＝0时，显然符合题意．综上，满足xf(x－1)≥0的x的取值范围是[－1，0]∪[1，3].故选D.(2)已知函数f(x)的定义域为R，且f(2x＋1)既是奇函数又是增函数，f(3)＝2，则f(2x－1)－2的解集为()A．{x|x－2} B．{x|x－3}C．{x|x－1} D．{x|x0}D解析：因为f(2x＋1)是奇函数，所以f(－2x＋1)＝－f(2x＋1)．令x＝1，则f(－1)＝－f(3)．又f(3)＝2，所以f(－1)＝－2.由f(2x－1)－2，可得f(2x－1)f(－1)．令t＝2x＋1，则函数t＝2x＋1是R上的增函数，所以由复合函数的单调性，可知函数f(t)是R上的增函数，即函数f(x)是R上的增函数，所以2x－1－1，解得x0，所以f(2x－1)－2的解集为{x|x0}．故选D.√[变式]若本例(1)条件中“奇函数”变为“偶函数”，则不等式xf(x－1)≥0的解集为__________．[－1，0]∪[3，＋∞)解析：由题意知f(－2)＝f(2)＝0.当x0时，由xf(x－1)≥0，得f(x－1)≥f(2)．又偶函数f(x)在(0，＋∞)上单调递增，所以|x－1|≥2，解得x≥3或x≤－1，所以x≥3.当x0时，由xf(x－1)≥0，得f(x－1)≤f(－2)，所以x－1≥－2，解得x≥－1，所以－1≤x0.当x＝0时显然成立．综上，满足xf(x－1)≥0的x的取值范围是[－1，0]∪[3，＋∞)．反思感悟1．比较大小问题一般解法是利用函数的奇偶性，把不在同一单调区间上的两个或多个自变量的函数值转化为在同一单调区间上的有关自变量的函数值，然后利用函数的单调性比较大小．2．解抽象不等式(1)将所给的不等式转化为两个函数值的大小关系．(2)利用函数的单调性脱去符号“f”，转化为解不等式(组)的问题．√2．已知定义在R上的偶函数f(x)在[0，＋∞)上单调递增．若f(lnx)f(2)，则x的取值范围是()A．(0，e2) B．(e-2，＋∞)C．(e2，＋∞) D．(e-2，e2)D解析：根据题意知，f(x)为偶函数且在[0，＋∞)上单调递增，由f(lnx)f(2)，得|lnx|2，即－2lnx2，解得e-2xe2，即x的取值范围是(e-2，e2)．√奇偶性与周期性结合【例2】(2024·菏泽模拟)已知函数f(x)是R上的偶函数，且f(x)的图象关于点(1，0)对称，当x∈[0，1]时，f(x)＝2－2x，则f(0)＋f(1)＋f(2)＋…＋f(2024)的值为()A．－2 B．－1C．0 D．1√D解析：因为函数f(x)是R上的偶函数，所以f(－x)＝f(x)．因为f(x)的图象关于点(1，0)对称，所以f(－x)＋f(2＋x)＝0，即f(x)＋f(2＋x)＝0，所以f(2＋x)＝－f(x)，所以f(4＋x)＝－f(2＋x)＝f(x)，所以函数f(x)的周期为4.当x∈[0，1]时，f(x)＝2－2x，所以f(0)＝1，f(1)＝0.又f(2)＝－f(0)＝－1，f(3)＝－f(1)＝0，所以f(0)＋f(1)＋f(2)＋f(3)＝0，所以f(0)＋f(1)＋f(2)＋…＋f(2024)＝f(2024)＝f(0)＝1.故选D.反思感悟已知函数的周期性、奇偶性求函数值，常利用奇偶性及周期性进行变换，将所有函数值的自变量转化到已知解析式的区间内，把未知区间上的函数性质转化为已知区间上的函数性质求解．1．设f(x)是定义在R上的周期为2的偶函数，已知当x∈[2，3]时，f(x)＝x，则当x∈[－2，0]时，f(x)＝()A．x＋4 B．2－xC．3－|x＋1| D．2－|x＋1|C解析：因为f(x)是定义在R上的周期为2的偶函数，当x∈[2，3]时，f(x)＝x，所以当x∈