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第3章第2定律习题及解答
习题及解答
复习题3. 证明:(1)在pV图上,理想气体的两条可逆绝热线不会相交。(2) 在pV图上,一条等温线与一条绝热线只能有一个交点而不能有两个交点。
证明:使用反证法。
假设理想气体的两条可逆绝热线相交是成立的,则这两条可逆绝热线就可以和一条可逆等温线构成一个可逆循环。如图所示,此可逆循环的结果是可以制成从单一热源吸热并全部做功的热机,这是违反热力学第二定律的,是不可能实现的,所以前面的假设是错误的,即理想气体的两条可逆绝热线是不会相交的。
假设一条等温线与一条绝热线有两个交点是成立的,则这条等温线与这条绝热线也构成一个可逆循环。如图所示,此可逆循环的结果是可以制成从单一热源吸热并全部做功的热机,这是违反热力学第二定律的,是不可能实现的,所以这个假设也是错误的,即一条等温线与一条绝热线只能有一个交点而不能有两个交点。
1. 有5mol某双原子理想气体,已知其CV,m=2.5R,从始态400K,200kPa,经绝热可逆压缩至400kPa后,再真空膨胀至200kPa,求整个过程的Q,W,ΔU,ΔH和ΔS。
解 绝热可逆压缩过程:
即 T2=400K×(200kPa/400kPa)(1-1.4)/1.4=487.6K
ΔU1=W1=nCV,m(T2-T1)=5×2.5×8.315×(487.6-400)J=9105J
ΔH1=nCp,m(T2-T1)=5×3.5×8.315×(487.6-400)J=12747J
Q1=0,ΔS1=0。
理想气体真空膨胀过程:Q2=W2=ΔU2=ΔH2=0
ΔS2=nRln(p1/p2)= [5×8.315×ln(400/200)] J·K-1=28.8J·K-1
Q=Q1+Q2=0,W= W1+ W2=9105J,
ΔU=ΔU1+ΔU2=9105J,ΔH=ΔH1+ΔH2=12747J
ΔS=ΔS1+ΔS2=28.8J·K-1
2. 有5mol He(g),可看作理想气体,已知其CV,m=1.5R,从始态273.15K和100kPa,变到终态298.15K和1000kPa,计算该过程的ΔS。
解 ΔS=nR+n(CV,m+R)
=(5mol)(8.314J·K-1·mol-1)
+(5mol)(×8.314J·K-1·mol-1)
= -86.67 J·K-1。. 0.10kg 283.2K的水与0.20kg 313.2K的水混合, 求ΔS。设水的平均比热为4.184kJ· K-1·kg-1。
解 先求混合后的温度,设为T。设混合过程绝热,即
Q1+Q2=0, Q1=-Q2 , n1Cp,m(T-T1)= -n2Cp,m(T-T2)
得 n1 (T-T1)= -n2(T-T2)
(0.10kg) (T-283.2K)= -( 0.20kg) (T-313.2K)
T=303.1K
ΔS1==(0.10kg) (4.184kJ· K-1·kg-1)
ΔS2==(0.20kg) (4.184kJ· K-1·kg-1)
ΔmixS=ΔS1+ΔS2=1.40J·K-1。
6.有2mol 理想气体,从始态300K,20dm3,经下列不同过程等温膨胀至50 dm3,计算各过程的Q,W,ΔU,ΔH和ΔS。
(1)可逆膨胀;
(2)真空膨胀;
(3)对抗恒外压100kPa膨胀。
解 (1)可逆膨胀:ΔU1=ΔH1=0,
W1=-Q1=-nRTln(V2/V1)=-[2×8.315×300×ln(50/20)]J
=-4571J
ΔS1= nRln(V2/V1)=15.24J·K-1。
(2) 真空膨胀: ΔU2=ΔH2=0,ΔS2= 15.24J·K-1。
W2=-Q2=0
(3)对抗恒外压100kPa膨胀: ΔU3=ΔH3=0,
W3=-Q3=-p环(V2-V1)=- 100kPa(50-20) dm3=-3000J,
ΔS3= 15.24J·K-1。
7. 有1mol甲苯CH3C6H5(l)在其沸点383K时蒸发为气体,计算该过程的Q,W,ΔU,ΔH,ΔS,ΔA和ΔG。已知在该温度下,甲苯的汽化热为362kJ·kg-1。
解 M甲苯=92×10-3kg·mol-1,
ΔvapHm=362kJ·kg-1×92×10-3kg·mol-1=33.304 kJ·mol-1,
Q=ΔH=nΔvapHm=1mol×33.304 kJ·mol-1=33.304 kJ
W=-p[V(g)-V(l)]=-pV(g)=-nRT=(-1×8.3145×383)J
=-3184J
ΔU= Q+ W=(33.304-3.184) kJ=30.12kJ
ΔS=ΔH/T=33.304 ×103J/383K=86.96J·K-1
ΔA=ΔU-TΔS=30.12kJ-33.30
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